2022九年级物理上册第一章分子动理论与内能章末试卷2（教科版）

第一章章末卷2一、选择题1．（3分）下列事例中，不是利用水的比热容大这一特点的是（　　）A．汽车发动机用水循环冷却B．冬天睡觉时用热水袋取暖C．初春的晚上向秧田里灌水防冻D．炎热的夏天为降温而在室内泼水【考点】GE：水的比热容的特点及应用．【分析】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少。【解答】解：A、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用循环水冷却，不符合题意；B、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以冬天睡觉时用热水袋取暖，不符合题意；C、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以晚上向秧苗田里放水，水可以放出更多的热量以防冻坏秧苗，不符合题意；D、炎热的夏天为降温而在室内泼水，是利用了水的蒸发吸热，与水的比热容无关，符合题意。故选：D。【点评】本题主要考查学生对水的比热容大的特点以及应用的了解和掌握，理解并用好：相同的m、△t，c大的Q多，可以通过Q=cm△t帮助记忆。2．（3分）下列关于物体内能的说法中正确的是（　　）A．物体运动速度越大，内能越大B．温度高的物体一定比温度低的物体内能大C．静止的物体没有动能，但有内能D．内能和温度有关，所以0℃的水没有内能【考点】G4：内能的概念．【分析】物体的内能是指物体内所有分子由于热运动起而具有的动能，以及分子之间势能的总和。物体内能的大小跟物体的温度有关，跟物体内分子的多少有关。【解答】解：A、物体运动速度越大，内能越大。不对，因为内能与物体的运动速度无关。B、温度高的物体一定比温度低的物体内能大，不对，因为内能还跟物体内部所含分子的多少有关。C、静止的物体没有动能，但有内能，正确。因为任何物体在任何情况下都具有内能。D、内能和温度有关，所以0℃的水没有内能，不对，因为温度越低内能越小，但是绝对不是没有内能。故选：C。【点评】内能的大小跟温度和分子的多少有关，温度越低内能越小，但是内能绝对不为零。3．（3分）关于热量和热传递，下列说法中正确的是（　　）A．温度高的物体含有的热量一定多B．比热大的物体含有的热量一定多C．热总是从含有热量较多的物体传递到含有热量少的物体D．热总是从温度高的物体传向温度低的物体12\n【考点】G4：内能的概念；G6：温度、热量与内能的关系；G8：热传递的概念与方式．【分析】热量是过程量，就是说，热量只存在于热传递或热交换过程中，只能说吸收或放出热量，热量传递等；热量不是状态量，不能说含有或者具有热量。【解答】解：ABC、热量是过程量，不能说含有或者具有热量，故ABC都错；D、热总是从温度高的物体传向温度低的物体，或从物体的高温部分传到低温部分，故D正确。故选：D。【点评】特别注意：热量不是状态量，不能说含有或者具有热量。只能说吸收或放出热量，热量传递等。4．（3分）关于内能，下列说法中正确的是（　　）A．温度高的物体具有内能，温度低的物体没有内能B．温度高的物体一定比温度低的物体具有的内能多C．铁水变成铁块，内能减少D．0℃的水变成0℃的冰，温度不变，所以内能不变【考点】G6：温度、热量与内能的关系．【分析】在热传递过程中传递内能的多少叫热量，热量是个过程量，热传递的条件是：物体之间存在着温度差；内能是物体分子无规则运动的动能和分子势能的总和，温度是表示物体冷热程度的物理量。了解这三个物理量的概念与联系，再结合改变物体内能的方法有做功和热传递，可对各选项依次做出分析。【解答】解：A、所有的物体都具有内能，故A错误；B、内能的大小与物体的温度、质量、体积等有关系，故B错误；C、铁水变成铁块，发生了凝固现象，凝固放热，内能减少，故C正确；D、0℃的水变成0℃的冰，温度不变，放出热量，内能减少，故D错误。故选：C。【点评】知道内能、热量、和温度的关系，并能利用上述关系解释问题是解决该题的关键。5．（3分）物体甲的温度比物体乙的温度高，下列说法中正确的是（　　）A．甲的内能比乙大B．甲物体中的分子无规则运动比乙物体激烈C．甲物体的机械能比乙大D．甲物体的分子动能总和比乙物体大【考点】G6：温度、热量与内能的关系．【分析】根据内能与温度、质量、状态的关系及与机械能的区别分析。【解答】解：A、说法错误，由于不知质量的大小，无法比较内能的大小。B、说法正确，温度越高的物体的分子运动越激烈。C、说法错误，机械能是与物体宏观运动有关的能量，内能是与物体的微观运动有关的能量。D、说法错误，由于不知两个物体的质量，故不能比较分子的动能。故选：B。【点评】内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和。影响内能的因素有：温度、质量、状态、材料。注意要把内能与机械能区别开来。6．（3分）如图是某物质加热时温度随时间变化的图象。下列对图象的分析正确的是（　　）12\nA．该物质一定是晶体B．T2一定是物质的沸点C．0～t1时间内物质的分子热运动加剧D．t1～t2时间内物质的温度不变内能不变【考点】1C：熔化和凝固的温度—时间图象．【分析】（1）晶体有固定的熔点，熔化过程中温度保持不变。晶体熔化时的温度是晶体熔点。（2）液体沸腾时温度保持不变，液体沸腾时的温度是沸点。（3）温度反映了物体内分子做无规则运动的剧烈程度，温度越高，分子运动越剧烈，温度越低，分子运动越缓慢。（4）晶体熔化或液体沸腾时都要继续吸热，温度不变，内能增大。【解答】解：A、该物质在t1～t2时间内物质的温度不变，可能是液体沸腾，也可能是晶体熔化，不合题意。B、T2可能是该物质的熔点，也可能是物质的沸点。不合题意。C、0～t1时间内物质吸热升高，温度越高，分子运动越剧烈。符合题意。D、t1～t2时间内物质可能在熔化，也可能在沸腾，此时需要继续吸热，温度不变，但内能增大。不合题意。故选：C。【点评】此题的图象较复杂，通过试题分析，该物质可能是晶体熔化，也可能是液体沸腾，学生在解答时通常会认为物质是晶体，选择A。7．（3分）关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（　　）A．物体内能增大，一定从外界吸收热量B．汽油机在做功冲程把机械能转化为内能C．物体内能减少时，温度可能不变D．锯条锯木板时，锯条的内能增加，木块的内能减少【考点】G6：温度、热量与内能的关系．【分析】要解答本题需掌握：做功和热传递都能改变物体的内能，以及物体温度升高，内能一定增加，但物体内能改变，温度不一定变化【解答】解：A、物体内能增大，不一定从外界吸收热量，也可能是外界对它做了功，故A错误；B、汽油机在做功冲程把内能转化为机械能，故B错误；C、物体内能减少时，温度可能不变，如晶体凝固时，放出热量，温度不变，故C正确；D、锯条锯木板时，摩擦做功，锯条和木块的内能都增加，故D错误。故选：C。【点评】本题主要考查学生对：温度、内能、热量的关系的了解和掌握。是一道中档题。8．（3分）关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（　　）A．物体的温度越高，所含的热量越多12\nB．﹣40℃的冰没有内能C．一个物体吸收热量时，温度不一定升高D．对物体做功，物体的温度一定升高【考点】G6：温度、热量与内能的关系．【分析】（1）内能与物质的质量、状态、温度有关；（2）改变内能的方式有两种：做功与热传递，物体内能的改变既有可能是物体对外做了功，也可能是物体向外放出热量；（3）热量是一个过程量，只能说吸收热量或放出热量。【解答】解：A、物体的温度越高，其内能越大，热量是传递的能量不是含有的。故A错误；B、任何物体在任何状态下都有内能，﹣40℃的冰也有内能。故B错误；C、一个物体吸收热量时，温度不一定升高，例如晶体熔化过程中吸收热量但温度保持不变。故C正确；D、因为改变内能的方式有做功和热传递，所以对物体做功的同时，可能物体放出热量，则它的内能不一定会增加，物体的温度不一定升高。故D错误。故选：C。【点评】此题主要考查了改变物体内能的两种方法：做功和热传递。并且要知道这两种方法在改变物体内能上是等效的。9．（3分）关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（　　）A．0℃的冰没有内能B．水沸腾时继续吸热，温度保持不变C．物体温度越高，所含的热量越多D．物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变【考点】G6：温度、热量与内能的关系．【分析】温度是物体令热程度的标志，温度越高，组成物质的分子运动越剧烈，分子的总动能越大；内能是所有分子运动的动能和分子势能的总和，同一物体，温度越高，内能越大，温度升高，内能增加；热量是热传递过程中，传递的内能，离开了热传递，就没有热量这个概念。【解答】解：A、一切物体都具有内能，故A错误；B、水沸腾时继续吸热，温度保持不变，故B正确；C、热量是一个过程量，不能用含有表示，故C错误；D、物体的内能与温度有关，温度不变时，内能也可能增大，例如晶体熔化时，温度不变，内能增大，故D错误。故选：B。【点评】本题考查温度、热量与内能的关系，相对比较简单，属于基础题。10．（3分）关于燃料和热值，以下说法正确的是（　　）A．燃料热值与燃料的质量无关B．容易燃烧的燃料，热值一定大C．煤的热值大于干木柴的热值，燃烧煤放出的热量比燃烧木柴放出的热量一定多D．为了提高锅炉的效率，一定要用热值高的燃料【考点】GJ：燃料的热值及其计算．【分析】1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫做这种燃料的热值。热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。【解答】解：A、热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。故A正确；12\nB、热值大小与燃料是否容易燃烧无关，故B错误；C、燃料燃烧放出热量的多少不仅与燃料的热值大小有关，还与燃料的质量以及燃烧程度有关，故C错误；D、锅炉的效率与燃料的热值高没有关系，故D错误；故选：A。【点评】题的解题关键是知道热值及效率的定义。11．（3分）完全燃烧甲、乙两种燃料时，甲放出的热量多，则（　　）A．甲的热值大于乙的热值B．甲的质量大于乙的质量C．甲燃烧的时间大于乙燃烧的时间D．上述说法都不妥【考点】GJ：燃料的热值及其计算．【分析】根据Q放=mq可知，燃料完全燃烧放出的热量与燃料的质量和热值有关，已知甲放出的热量较多，可能原因：①热值相同时，甲的质量比乙大；②质量相同时，甲的热值比乙大；③甲的质量和热值都比较乙大。据此分析判断。【解答】解：（1）根据燃料完全燃烧放出热量公式Q放=mq可知，燃料在完全燃烧时放出的热量与燃料热值和燃料的质量有关，只根据其中一个量不能做出判断，故AB错。（2）燃料完全燃烧放出的热量与燃烧时间无关，故C错；可见上述说法都不妥，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了热值概念和公式Q放=mq的运用，难度不大，知道燃料燃烧放出的热量与燃料的质量和热值有关是关键。12．（3分）四只相同规格的烧杯中装有水，水量及其温度如图所示。关于四只烧杯中水的内能的大小，下列判断正确的是（　　）A．a烧杯中水的内能大于b烧杯中水的内能B．c烧杯中水的内能大于d烧杯中水的内能C．a烧杯中水的内能大于c烧杯中水的内能D．d烧杯中水的内能大于c烧杯中水的内能【考点】G4：内能的概念．【分析】根据内能的概念和影响内能的因素分析。【解答】解：从图中知，a与b、c与d的质量相同，a与c、b与d的温度相同，所以d的内能比c多，d的内能比b多，c的内能比a多，b的内能比a多。故选：D。【点评】本题考查了内能的概念和影响内能的因素：温度、质量、状态、材料。13．（3分）一瓶酒精用去一半，则剩下的酒精（　　）A．比热容减半B．热值减半C．密度减半D．质量减半【考点】22：质量及其特性；28：密度及其特性；GD：比热容的概念及其计算；GJ：燃料的热值及其计算．12\n【分析】质量是物体本身的一种属性，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变；密度、比热容、热值是物质的某种特性，与物质的种类和状态有关，同种物质的密度、比热容、热值一般不变。【解答】解：酒精的比热容、热值、密度三个物理量，都是表示酒精的某种特性；是从不同的角度来描述酒精的特性，是一般不发生变化的量；比热容、热值、密度三个物理量，只与物质的种类和状态有关，故一瓶酒精用去一半，则剩下的酒精的比热容、热值、密度不变；故ABC错误；质量是指物体所含物质的多少；一瓶酒精用去一半后，其质量将减半；故D正确；故选：D。【点评】此题主要考查学生对物质概念的理解和掌握，明确各个物理量的真正含义后，可顺利解决此题。14．（3分）冰在熔化成水的过程中，下列判断正确的是（　　）A．比热容改变，内能和温度不变B．比热容改变，内能增加，温度不变C．比热容、内能和温度都增加D．比热容、内能和温度都不变【考点】19：熔化与熔化吸热的特点；G6：温度、热量与内能的关系；GD：比热容的概念及其计算．【分析】冰在熔化过程温度不变，但需要继续吸热，所以内能增加，水的比热容比冰的比热容大，所以比热容变化。【解答】解：冰在熔化过程中，吸收热量，而温度保持不变，但内能在增加，由于比热容与物质的种类和物质所处的状态有关，当冰熔化成水后，比热容变大；故选：B。【点评】解决此类问题要知道熔化过程的特点及不同物质比热容不同。15．（3分）质量相等的水和煤油，初温相等，吸收相同的热量后，温度升高得多的是（　　）A．水B．煤油C．水和煤油一样多D．无法判断【考点】GG：热量的计算．【分析】（1）物质的比热容是指1千克某种物质温度升高（或降低）1℃时，吸收（或放出）的热量的多少。（2）由Q吸=cm△t可知，相同质量的不同物质，比热容大的物质，吸收相同的热量，温度变化小；升高相同的温度，吸收的热量多。【解答】解：水的比热容比煤油的比热容大，由Q吸=cm△t可知，在质量相等时，吸收相等的热量，煤油的温度升得高、水的温度升高的少。故选：B。【点评】本题主要考查对水的比热容大的理解和吸热公式的应用，是一道中档题。16．（3分）两个相同的容器分别装满了质量相等的甲、乙两种液体，用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示，以下说法正确的是（　　）A．甲液体的比热容大于乙液体的比热容12\nB．如果升高相同的温度，两液体吸收的热量相同C．加热相同时间，甲液体吸收的热量等于乙液体吸收的热量D．加热相同时间，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量【考点】GD：比热容的概念及其计算．【分析】甲、乙两种液体在相同时间里吸收的热量相等，质量也相同。根据公式Q吸=cm△t，结合图象可以对每一个选项作出判断。【解答】解：A、已知两种液体质量相等，相同热源加热说明相同时间提供的热量相等。由图象可以看出：在吸收热量相同时，甲液体升高的温度更大，由公式c=知，甲液体比热较小，故A错误；B、由图象可以看出：升高相同温度时，甲需要的时间较短，也就是甲需要的热量少，故B错误；C、加热时间相同，两种液体吸收的热量相同，故C正确；D、加热相同时间，甲液体吸收的热量等于乙液体吸收的热量，故D错误；故选：C。【点评】（1）知道公式Q吸=cm△t，找出两种液体的相同量和不同量，再进行有关量的比较。（2）看懂图象的含义，其中包含了大量的信息，找出解题需要的量。17．（3分）给一定质量的水加热，其温度与时间的关系如图a图所示，若其他条件不变，仅将水的质量增加，则温度与时间的关系图线正确的是（　　）A．aB．bC．cD．d【考点】1J：沸点及沸点与气压的关系．【分析】增加了水的质量，水的沸点不会变，只会增加加热的时间，据此来做出判断。【解答】解：增加了水的质量，水的沸点不会变，只会增加加热的时间，因此可以看出，只有图象c符合题意。故选：C。【点评】本题考查了水的沸点，属于基础知识。18．（3分）一杯水由80℃降至20℃放出的热量为Q1，它由30℃升高到70℃吸收的热量为Q2，则（　　）A．Q1＜Q2B．Q1＞Q2C．Q1=Q2D．无法比较【考点】GG：热量的计算．【分析】同样一杯水，水的质量和水的比热容相同，根据热量的计算公式Q=cm△t，可知温度变化大的，吸收或放出的热量多，据此分析判断。【解答】解：一杯水由80℃降至20℃放出的热量：Q1=cm（80℃﹣20℃），它由30℃升高到70℃吸收的热量：Q2=cm（70℃﹣30℃），∵==＞1，12\n∴Q1＞Q2。故选：B。【点评】本题关键在于能分析出水放出热量时温度降低值△t1和吸收热量时的温度升高值△t2，c、m相同，△t大的Q大。19．（3分）1千克20℃的水吸收4.2×105焦的热量后，它的温度在下列给出的四个温度中，最多有几个可能温度（　　）①80℃②100℃③120℃④130℃A．1B．2C．3D．4【考点】1J：沸点及沸点与气压的关系；GG：热量的计算．【分析】已知水的质量、水的比热容、水的初温和水吸收的热量，利用吸热公式求水的末温；再根据水沸腾时的规律（水沸腾时吸热但温度不变）分析判断。【解答】解：由Q吸=cm△t可得，水应升高的温度：△t===100℃，水的最高末温：t最高=t0+△t=20℃+100℃=120℃；因为水沸腾时温度达到沸点，继续吸热但温度不变，所以水吸收热量从20℃升高，温度达到沸点后，不再升高，因为水表面的气压不知道，水的沸点不确定，所以水的末温可能是80℃、100℃、120℃，不可能为130℃；故C正确。故选：C。【点评】本题综合考查了吸热公式的应用和液体沸腾的规律，关键要知道气压的大小会影响液体沸点的高低。20．（3分）初温相同的铁块，甲的质量是乙的2倍，使它们分别放出相同的热量后立即接触，则（　　）A．热量从甲传到乙B．热量从乙传到甲C．甲、乙之间无热传递发生D．温度由甲传到乙【考点】G8：热传递的概念与方式；GG：热量的计算．【分析】材料相同，初温相等，甲的质量是乙的2倍，由Q放=cm△t可得出甲的△t与乙的△t的关系，得出哪个末温高。【解答】解：材料相同，初温相等，甲的质量是乙的2倍，Q放相同，则由Q放=cm△t知，乙的△t比甲的△t大，即甲的末温高，热量由甲传向乙。故选：A。【点评】热量是从高温的物体传向低温物体，解题的关键是由热量公式确定出谁的末温高。注意在热传递的过程中传递的是热量，不是温度。21．（3分）甲乙两个物体的质量之比为3：2，升高温度之比为4：3，它的比热容之比为5：8，则它们吸收的热量之比（　　）A．5：1B．1：5C．5：4D．4：5【考点】GG：热量的计算．【分析】知道甲乙两物体的质量之比、升高温度之比、比热容之比，根据Q吸=cm△t求出吸收的热量之比。【解答】解：由题意可知，m甲：m乙=3：2，△t甲：△t乙=4：3，c甲：c乙=5：8，12\n由Q吸=cm△t可得，吸收的热量之比：==××=××=。故选：C。【点评】本题考查了吸热公式的简单应用，关键是注意各量之间的关系，不要颠倒。22．（3分）甲、乙两物体质量相等，当甲物体温度升高10℃，乙物体温度升高20℃时，甲物体吸收的热量是乙物体吸收热量的2倍，则甲的比热与乙的比热之比（　　）A．1：2B．2：3C．4：1D．1：5【考点】GD：比热容的概念及其计算．【分析】热量公式Q吸=cm△t中的m相同，乙升高的温度是甲的2倍，甲吸收的热量是乙吸收热量的2倍，可知甲的比热与乙的比热容之比。【解答】解：由题知，甲、乙的质量之比为1：1，甲物体温度升高10℃，乙物体温度升高20℃，甲、乙吸收热量之比为2：1，由Q吸=cm△t可得，甲、乙的比热容之比：===4：1。故选：C。【点评】本题考查了吸热公式的灵活运用，关键是根据题意得出m、Q吸、△t之间的关系。二、填空题23.（3分）生活中的“热”含义非常丰富，物理学中，“天气很热”中的“热”是指　温度　；“物体吸热”中的“热”是指　热量　；“两手相互摩擦手会发热”的“热”是指　内能　增加。【考点】G6：温度、热量与内能的关系．【分析】“热”有不同含义，有“温度”“内能”“热量”等多种含义，根据三个物理量的概念进行分析。内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和；温度指物体的冷热程度；热量是指在热传递或做功的过程中，内能改变的多少。【解答】解：温度是反映冷热程度的物理量，所以“天气很热”中的“热”是指温度很高；物体吸热是指物体吸收热量，故这里的“热”指热量；内能是指物体内部所有分子由于热运动而具有的动能和分子之间势能的总和，做功和热传递是改变内能的两种方式，所以“摩擦发热”中的“热”指通过做功的方式使内能增加。故答案为：温度；热量；内能。【点评】虽然同样是”热“，但在不同的语境中含义却不一样。本题要求学生知道温度、热量和内能的相同点和不同点，并且能够区分温度、热量和内能。24．在探究比较不同物质的吸热能力的实验中，同学们设计了甲、乙两套实验装置，如图所示，在图甲中使用了相同的试管和温度计，在图乙中使用了相同的电加热器。（1）图甲的实验操作中存在一处错误：没有控制　水和煤油的质量　相同。（2）与图乙的实验装置相比，图甲的优点是：更容易控制　吸收的热量　相同。12\n【考点】GX：探究比热容的实验．【分析】（1）实验中，应控制水和煤油的质量相同，初温相同；（2）用相同的热源加热，在相同的时间内液体吸收的热量是相同的。【解答】解：（1）由图可知水和食用油的体积相同，由于水和食用油的密度不同，则水和食用油的质量不同；所以错误为没有控制水和食用油的质量不变。（2）与图乙的实验装置相比，图甲的优点是用酒精灯加热时，更容易控制水和食用油吸收的热量相同；故答案为：（1）水和煤油的质量；（2）吸收的热量。【点评】本题考查了实验中的器材的选择、实验方案的选择，属于基础知识。25．为研究不同物质的吸热能力，某同学用两个完全相同的酒精灯，分别给质量和初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，分别记录加热时间和升高的温度，根据记录的数据作出了两种液体的温度随时间变化的图象，如图所示。（1）根据图象，某同学认为：“加热相同的时间，甲升高的温度高一些，这说明甲吸收的热量多一些。”这名同学的判断是否正确？　不正确　请说明理由　相同的酒精灯加热相同的时间，吸收的热量相同　。（2）要使甲、乙升高相同的温度，应给　乙　加热更长的时间。（3）如果已知甲的比热容是1.8×103J/（kg•℃），则乙的比热容是　2.4×103　J/（kg•℃）。【考点】GX：探究比热容的实验．【分析】（1）加热相同的时间，吸收热量的多少是由酒精灯火焰的大小决定的，酒精灯相同，吸收的热量就是相同。（2）升高相同的温度，我们可以在纵轴上取一相同的温度，做横轴的平行线，看谁的加热时间长。（3）根据Q吸=cm（t﹣t0）可知在质量和吸收热量相同时，比热容和温度的变化值成反比，据此求出乙的比热容。【解答】解：（1）升高的温度大不代表吸收的热量多，吸收热量的多少是一样的，因为是用两个完全相同的酒精灯加热相同的时间，酒精灯放出的热量是相等，甲和乙吸收的热量也是相等的，则该同学的判断是错误的。（2）由图可知，甲和乙升高相同的温度，如都升高30℃，温度升到40℃，甲需要的时间是3min，乙需要的时间是4min，乙需要更长的加热时间，这也就说明了乙的吸热能力强一些。（3）根据Q吸=cm（t﹣t0）可知在质量和吸收热量一定时，温度的变化值和比热容成反比。我们可以取相同的加热时间4min，用相同的酒精灯加热4min，甲和乙吸收的热量就是相同的，甲的温度变化值为50℃﹣10℃=40℃，乙的温度变化值为40℃﹣10℃=30℃，据Q吸=cm12\n（t﹣t0）得：c甲m△t甲=c乙m△t乙，乙的比热容c乙=×1.8×103J/（kg•℃）=2.4×103J/（kg•℃）。故答案为：（1）不正确相同的酒精灯加热相同的时间，吸收的热量相同；（2）乙；（3）2.4×103。【点评】此题考查了学生对吸热公式的掌握和运用，能从液体的温度随时间变化的图象搜集有关信息是本题的关键。26．小明利用如图所示装置对100g冰加热，他每隔相同时间记录一次温度计的示数，图乙是他绘制的温度﹣﹣时间图象，则：（1）冰属于　晶体　（填“晶体”或“非晶体”）；（2）图乙中，物质在E点时具有的内能　小于　（填“大于”、“小于”或“等于”）在F点时的内能。（3）设相同时间内物质吸收的热量相同，则图乙中BC段物质共吸收了　4.2×103　J的热量[c冰=2.1×103J/（kg•℃），c水=4.2×103/（kg•℃）]：（4）图丙是小刚在完成同一实验时绘制的温度﹣﹣时间图象，老师认为他的CD段数据有问题，老师做出这样判断的依据是　水比冰的比热容大，质量相同的冰和水吸收相同的热量，水升温应较慢　。【考点】1F：熔化和凝固的探究实验；GG：热量的计算．【分析】（1）晶体有一定的熔点，而非晶体没有，晶体熔化时吸收热量，温度不变；（2）晶体在熔化过程中吸收热量，故内能增大；（3）相同时间内物质吸收的热量相同，图乙中BC段物质共吸收了5min～15min时间的热量，由图象可知，CD所吸收的热量即是BC段物质所吸收的热量；（4）由图丙可知，0～5min与15～20min可得吸收相同的热量，冰和水质量相同，冰和水比热容不同，温度变化量理应不同。【解答】解：（1）由图象知，冰在熔化过程中温度保持不变，所以冰是晶体；（2）晶体在熔化过程中，温度保持不变，但吸收热量，故物质在E点时具有的内能小于在F点时的内能；（3）冰化为水，状态变化，但质量不变，m水=m冰=100g=0.1kg，CD段的水在10min吸收的热量：Q吸CD=c水m（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×0.1kg×（10℃﹣0℃）=4.2×103J，因为相同时间内物质吸收的热量相同，则BC段（10min）物质共吸收的热量：Q吸BC=Q吸CD=4.2×103J；（4）由图丙可知，AB段的冰与CD段的水，水比冰的比热容大，质量相同的冰和水吸收相同的热量，水升温应较慢。故答案为：（1）晶体；（2）小于；（3）4.2×103J；（4）水比冰的比热容大，质量相同的冰和水吸收相同的热量，水升温应较慢。12\n【点评】探究“冰熔化时温度变化规律”实验，主要考查了温度与时间变化图象，熔化中内能的变化及对比热容的认识等。12